2015高考数学第一轮复习测试题（含答案）

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　　阶段性测试题十二(综合素质能力测试)

　　本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分150分。考试时间120分钟。

　　第Ⅰ卷(选择题　共60分)

　　一、选择题(本大题共12个小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符号题目要求的。)

　　1.(2011•合肥质检)集合A={1,2,3}，B={x∈R|x2-ax+1=0，a∈A}，则A∩B=B时a的值是(　　)

　　A.2　　　　　　　　 B.2或3

　　C.1或3 D.1或2

　　[答案]　D

　　[解析]　由A∩B=B知B⊆A，a=1时，B={x|x2-x+1=0}=∅⊆A;a=2时，B={x|x2-2x+1=0}={1}⊆A;a=3时，B={x|x2-3x+1=0}={3+52，3-52}⃘A，故选D.

　　2.(文)(2011•合肥质检)在复平面内，复数i3-i(i是虚数单位)对应的点在(　　)

　　A.第一象限 B.第二象限

　　C.第三象限 D.第四象限

　　[答案]　B

　　[解析]　z=i3-i=i3+i3--1=-14+34i的对应点-14，34在第二象限.

　　(理)(2011•蚌埠二中质检)如果复数2-bi1+2i(其中i为虚数单位，b为实数)的实部和虚部互为相反数，那么b等于(　　)

　　A.2 B.23

　　C.-23 D.2

　　[答案]　C

　　[解析]　∵2-bi1+2i=2-bi1-2i5=2-2b5+-b-45i的实部与虚部互为相反数，∴2-2b5+-b-45=0，∴b=-23，故选C.

　　3.(文)(2011•日照调研)若e1，e2是夹角为π3的单位向量，且a=2e1+e2，b=-3e1+2e2，则a•b等于(　　)

　　A.1 B.-4

　　C.-72 D.72

　　[答案]　C

　　[解析]　e1•e2=1×1×cosπ3=12，a•b=(2e1+e2)•(-3e1+2e2)=-6e21+2e22+e1•e2=-6+2+12=-72，故选C.

　　(理)(2011•河南豫州九校联考)若A、B是平面内的两个定点，点P为该平面内动点，且满足向量AB→与AP→夹角为锐角θ，|PB→||AB→|+PA→•AB→=0，则点P的轨迹是(　　)

　　A.直线(除去与直线AB的交点) B.圆(除去与直线AB的交点)

　　C.椭圆(除去与直线AB的交点) D.抛物线(除去与直线AB的交点)

　　[答案]　D

　　[解析]　以AB所在直线为x轴，线段AB中点为原点，建立平面直角坐标系，设A(-1,0)，则B(1,0)，设P(x，y)，则PB→=(1-x，-y)，PA→=(-1-x，-y)，AB→=(2,0)，

　　∵|PB→|•|AB→|+PA→•AB→=0，∴21-x2+-y2+2(-1-x)=0，化简得y2=4x，故选D.

　　4.(2011•黑龙江哈六中期末)为了了解甲，乙，丙三所学校高三数学模拟考试的情况，现采取分层抽样的方法从甲校的1260份，乙校的720份，丙校的900份模拟试卷中抽取试卷进行调研，如果从丙校抽取了50份，那么这次调研一共抽查的试卷份数为(　　)

　　A.150 B.160

　　C.200 D.230

　　[答案]　B

　　[解析]　依据分层抽样的定义，抽样比为50900=118，故这次调研一共抽查试卷(1260+720+900)×118=160份.

　　5.(文)(2011•福州市期末)设函数y=f(x)的定义域为实数集R，对于给定的正数k，定义函数fk(x)=fx　fx≤kk fx>k，给出函数f(x)=-x2+2，若对于任意的x∈(-∞，+∞)，恒有fk(x)=f(x)，则(　　)

　　A.k的最大值为2 B.k的最小值为2

　　C.k的最大值为1 D.k的最小值为1

　　[答案]　B

　　[解析]　∵x∈(-∞，+∞)时，f(x)=-x2+2≤2，且fk(x)=f(x)恒成立，且当f(x)>k时，fk(x)=k，故k的最小值为2.

　　(理)(2011•丰台区期末)用max{a，b}表示a，b两个数中的最大数，设f(x)=max{x2，x}(x≥14)，那么由函数y=f(x)的图象、x轴、直线x=14和直线x=2所围成的封闭图形的面积是(　　)

　　A.3512 B.5924

　　C.578 D.9112

　　[答案]　A

　　[解析]　如图，平面区域的面积为

　　6.(2011•北京丰台区期末)下面程序框图运行后，如果输出的函数值在区间[-2，12]内，则输入的实数x的取值范围是(　　)

　　A.(-∞，-1] B.[14，2]

　　C.(-∞，0)∪[14，2] D.(-∞，-1]∪[14，2]

　　[答案]　D

　　[解析]　∵x<0时，f(x)=2x∈(0,1)，

　　由0<2x≤12得，x≤-1;

　　由-2≤log2x≤12x>0得，14≤x≤2，故选D.

　　7.(文)(2011•潍坊一中期末)下列有关命题的说法错误的是(　　)

　　A.命题“若x2-3x+2=0，则x=1”的逆否命题为：“若x≠1，则x2-3x+2≠0”

　　B.“x=1”是“x2-3x+2=0”的充分不必要条件

　　C.若p∧q为假命题，则p、q均为假命题

　　D.对于命题p：∃x∈R使得x2+x+1<0，则綈p：∀x∈R，均有x2+x+1≥0

　　[答案]　C

　　[解析]　若p∧q为假命题，则p、q至少有一个为假命题，故C错误.

　　(理)(2011•巢湖质检)给出下列命题

　　①设a，b为非零实数，则“a

　　②命题p：垂直于同一条直线的两直线平行，命题q：垂直于同一条直线的两平面平行，则命题p∨q为真命题;

　　③命题“∀x∈R，sinx<1”的否定为“∃x0∈R，sinx0>1”;

　　④命题“若x≥2且y≥3，则x+y≥5”的逆否命题为“若x+y<5，则x<2且y<3”，

　　其中真命题的个数是(　　)

　　A.4个 B.3个

　　C.2个 D.1个

　　[答案]　D

　　[解析]　①取a=-1，b=2满足a

　　8.(文)(2011•陕西宝鸡质检)若将函数y=cosx-3sinx的图象向左平移m(m>0)个单位后，所得图象关于y轴对称，则实数m的最小值为(　　)

　　A.π6 B.π3

　　C.2π3 D.5π6

　　[答案]　C

　　[解析]　y=cosx-3sinx=2cosx+π3左移m个单位得y=2cosx+m+π3为偶函数，∴m+π3=kπ，k∈Z.

　　∵m>0，∴m的最小值为2π3.

　　(理)(2011•咸阳模拟)将函数y=sin2x+π4的图像向左平移π4个单位，再向上平移2个单位，则所得图像的函数解析式是(　　)

　　A.y=2+sin2x+3π4 B.y=2+sin2x-π4

　　C.y=2+sin2x D.y=2+cos2x

　　[答案]　A

　　[解析]　y=sin2x+π4――――――――→图象再向上平移π4个单位用x+π4代替x

　　y=sin2x+π4+π4―――――――→图象再向上平移2个单位用y-2代替y

　　y-2=sin2x+π4+π4，

　　即得y=sin2x+3π4+2，故选A.

　　9.(2011•陕西咸阳模拟)如图所示的程序框图，其输出结果是(　　)

　　A.341 B.1364

　　C.1365 D.1366

　　[答案]　C

　　[解析]　程序运行过程依次为：a=1，a=4×1+1=5，a<500满足→a=4×5+1=21，a<500仍满足→a=4×21+1=85，a<500满足→a=4×85+1=341，a<500满足→a=4×341+1=1365，a<500不满足→输出a的值1365后结束，故选C.

　　[点评]　要注意循环结束的条件和输出结果是什么.

　　10.(文)(2011•山东淄博一中期末)如图为一个几何体的三视图，左视图和主视图均为矩形，俯视图为正三角形，尺寸如图，则该几何体的全面积为(　　)

　　A.2723 B.123

　　C.24 D.24+23

　　[答案]　D

　　[解析]　由三视图知，该几何体是底面边长为332=2，高为4的正三棱柱，故其全面积为3×(2×4)+2×34×22=24+23.

　　(理)(2011•山东日照调研)下图是某四棱锥的三视图，则该几何体的表面积等于(　　)

　　A.34+65 B.6+65+43

　　C.6+63+413 D.17+65

　　[答案]　A

　　[解析]　由三视图知，该四棱锥底面是一个矩形，两边长分别为6和2，有一个侧面PAD与底面垂直，高为4，故其表面积S=6×2+12×6×4+2×12×2×42+32+12×6×42+22=34+65.

　　11.(2011•陕西宝鸡质检)双曲线x2m-y2n=1(mn≠0)的离心率为2，有一个焦点与抛物线y2=4x的焦点重合，则mn的值为(　　)

　　A.83 B.38

　　C.316 D.163

　　[答案]　C

　　[解析]　抛物线焦点F(1,0)为双曲线一个焦点，

　　∴m+n=1，又双曲线离心率为2，∴1+nm=4，

　　解得m=14n=34，∴mn=316.

　　12.(文)(2011•广东高州市长坡中学期末)方程|x-2|=log2x的解的个数为(　　)

　　A.0　　　 B.1

　　C.2　　　　 D.3

　　[答案]　C

　　[解析]　在同一坐标系中作出函数y=|x-2|与y=log2x的图象可知两图象有两个交点，故选C.

　　(理)(2011•山东实验中学期末)具有性质：f1x=-f(x)的函数，我们称为满足“倒负”变换的函数，下列函数：①y=x-1x，②y=x+1x，③y=x，0

　　A.①②　　 B.②③

　　C.①③　　　 D.只有①

　　[答案]　C

　　[解析]　①对于函数f(x)=x-1x，∵f1x=1x-x=-x-1x=-f(x)，∴①是“倒负”变换的函数，排除B;②对于函数f(x)=x+1x有f1x=1x+x=f(x)不满足“倒负”变换，排除A;对于③，当0

　　第Ⅱ卷(非选择题　共90分)

　　二、填空题(本大题共4个小题，每小题4分，共16分，把正确答案填在题中横线上)

　　13.(2011•黑龙江哈六中期末)一个盒子里装有标号为1,2,3,4,5的5张标签，不放回地抽取2张标签，则2张标签上的数字为相邻整数的概率为________(用分数表示).

　　[答案]　25

　　[解析]　(文)任取两张标签，所有可能取法有1,2;1,3;1,4;1,5;2,3;2,4;2,5;3,4;3,5;4,5;共10种，其中两数字相邻的有4种，∴所求概率p=410=25.

　　(理)从5张标签中，任取2张，有C25=10种取法，两张标签上的数字为相邻整数的取法有4种，

　　∴概率p=410=25.

　　14.(2011•浙江宁波八校联考)点(a，b)为第一象限内的点，且在圆(x+1)2+(y+1)2=8上，ab的最大值为________.

　　[答案]　1

　　[解析]　由条件知a>0，b>0，(a+1)2+(b+1)2=8，∴a2+b2+2a+2b=6，∴2ab+4ab≤6，∵ab>0，∴0

　　[点评]　作出图形可见，点(a，b)为⊙C在第一象限的一段弧，由对称性可知，当点(a，b)为直线y=x与⊙C的交点(1,1)时，ab取最大值1.

　　15.(2011•重庆南开中学期末)已知数列{an}的前n项和Sn满足Sn=2n-1，则当n≥2时，1a1+1a2+…+1an=________.

　　[答案]　2-12n-1

　　[解析]　a1=S1=1，n≥2时，an=Sn-Sn-1=2n-2n-1

　　=2n-1，

　　∴an=2n-1(n∈N*)，∴1an=12n-1，

　　∴1a1+1a2+…+1an=1-12n1-12=2-12n-1.

　　16.(文)(2011•北京学普教育中心)设函数f(x)的定义域为D，若存在非零实数l，使得对于任意x∈M(M⊆D)，有x+l∈D，且f(x+l)≥f(x)，则称f(x)为M上的l高调函数.如果定义域为[-1，+∞)的函数f(x)=x2为[-1，+∞)上的m高调函数，那么实数m的取值范围是________.

　　[答案]　[2，+∞)

　　[解析]　f(x)=x2(x≥-1)的图象如图所示，要使得f(-1+m)≥f(-1)=1，应有m≥2;故x≥-1时，恒有f(x+m)≥f(x)，只须m≥2即可.

　　(理)(2011•四川资阳模拟)下图展示了一个由区间(0,1)到实数集R的映射过程：区间(0,1)中的实数m对应数轴上的点M，如图①;将线段AB围成一个圆，使两端点A、B恰好重合，如图②;再将这个圆放在平面直角坐标系中，使其圆心在y轴上，点A的坐标为(0,1)，在图形变化过程中，图①中线段AM的长度对应于图③中的弧ADM的长度，如图③.图③中直线AM与x轴交于点N(n,0)，则m的象就是n，记作f(m)=n.

　　给出下列命题：①f14=1;②f(x)是奇函数;③f(x)在定义域上单调递增，则所有真命题的序号是________.(填出所有真命题的序号)

　　[答案]　③

　　[解析]　由m的象是n的定义知，f14<0，故①假，随着m的增大，点N沿x轴向右平移，故n增大，∴③为真命题;由于m是线段AM的长度，故f(x)为非奇非偶函数，∴②假.

　　三、解答题(本大题共6个小题，共74分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤)

　　17.(本小题满分12分)(文)(2011•淄博一中期末)已知a=(cosx-sinx,2sinx)，b=(cosx+sinx，3cosx)，若a•b=1013，且x∈-π4，π6，求sin2x的值.

　　[解析]　∵a•b=cos2x-sin2x+23sinxcosx

　　=cos2x+3sin2x=2sin2x+π6=1013，

　　∴sin2x+π6=513，

　　∵x∈-π4，π6，∴2x+π6∈-π3，π2，

　　∴cos2x+π6=1213，

　　∴sin2x=sin2x+π6-π6=sin2x+π6cosπ6-cos2x+π6sinπ6=513•32-1213•12=53-1226.

　　(理)(2011•四川广元诊断)在△ABC中，a、b、c分别为角A、B、C的对边，向量m=(2a-c，b)，n=(cosC，cosB)，且m∥n.

　　(1)求角B的大小;

　　(2)若b=3，求a+c的最大值.

　　[解析]　(1)由题意知(2a-c)cosB=bcosC，

　　(2a-c)•a2+c2-b22ac=b•a2+b2-c22ab，

　　∴a2+c2-b2=ac，

　　∴cosB=a2+c2-b22ac=12，∴B=π3.

　　(2)由(1)知a2+c2-b2=ac，b=3，

　　∴a2+c2-ac=3，(a+c)2-3ac=3，

　　(a+c)2-3•a+c22≤3，

　　14(a+c)2≤3，

　　∴a+c≤23，

　　即a+c的最大值为23.

　　18.(本小题满分12分)(文)(2011•重庆南开中学期末)设函数f(x)=-x2+2ax+m，g(x)=ax.

　　(1)若函数f(x)，g(x)在[1,2]上都是减函数，求实数a的取值范围;

　　(2)当a=1时，设函数h(x)=f(x)g(x)，若h(x)在(0，+∞)内的最大值为-4，求实数m的值.

　　[解析]　(1)∵f(x)，g(x)在[1,2]上都是减函数，

　　a≤1a>0，∴0

　　∴实数a的取值范围是(0,1].

　　(2)当a=1时，

　　h(x)=f(x)g(x)=-x2+2x+mx=-x+mx+2;

　　当m≥0时，显然h(x)在(0，+∞)上单调递减，

　　∴h(x)无最大值;

　　当m<0时，h(x)=-x+mx+2=-x+-mx+2

　　≤-2-m+2.

　　当且仅当x=-m时，等号成立.

　　∴h(x)max=-2-m+2，

　　∴-2-m+2=-4⇒m=-9.

　　(理)(2011•黑龙江哈六中期末)已知函数f(x)=lnx+2x，g(x)=a(x2+x).

　　(1)若a=12，求F(x)=f(x)-g(x)的单调区间;

　　(2)当a≥1时，求证：f(x)≤g(x).

　　[解析]　(1)a=12，F(x)=lnx+2x-12(x2+x)　(x>0)

　　F′(x)=1x-x+32=2-2x2+3x2x=-2x+1x-22x，

　　∵x>0，

　　∴当0

　　∴F(x)的增区间为(0,2)，减区间为(2，+∞).

　　(2)令h(x)=f(x)-g(x)　(x>0)

　　则由h′(x)=f′(x)-g′(x)=1x+2-2ax-a

　　=-2x+1ax-1x=0，解得x=1a，

　　∵h(x)在0，1a上增，在1a，+∞上减，∴当x=1a时，h(x)有最大值h1a=ln1a+2a-a1a2+1a=ln1a+1a-1，

　　∵a≥1，∴ln1a≤0，1a-1≤0，∴h(x)≤h1a≤0，所以f(x)≤g(x).

　　19.(本小题满分12分)(文)(2011•厦门期末)已知数列{an}是公差不为零的等差数列，a1=1，且a1，a2，a4成等比数列.

　　(1)求通项an;

　　(2)令bn=an+2an，求数列{bn}的前n项和Sn.

　　[解析]　(1)设数列{an}的公关差为d，则d≠0，

　　∵a1，a2，a4成等比数列，∴a22=a1•a4，

　　∴(a1+d)2=a1•(a1+3d)，

　　整理得：a1=d，

　　又a1=1，∴d=1，

　　∴an=a1+(n-1)•d=1+(n-1)•1=n.

　　即数列{an}的通项公式为an=n.

　　(2)由(1)可得bn=an+2an=n+2n，

　　∴Sn=b1+b2+b3+…+bn

　　=(1+21)+(2+22)+(3+23)+…+(n+2n)

　　=(1+2+3+…+n)+(21+22+23+…+2n)

　　=nn+12+21-2n1-2

　　=nn+12+2(2n-1)

　　=2n+1+12n2+12n-2.

　　故数列{bn}的前n项和为Sn=2n+1+12n2+12n-2.

　　(理)(2011•河北冀州期末)设各项均为正数的数列{an}的前n项和为Sn，已知2a2=a1+a3，数列{Sn}是公差为d的等差数列.

　　(1)求数列{an}的通项公式(用n，d表示);

　　(2)设c为实数，对满足m+n=3k且m≠n的任意正整数m，n，k，不等式Sm+Sn>cSk都成立，求c的最大值.

　　[解析]　(1)由题意知：d>0，Sn=S1+(n-1)d

　　=a1+(n-1)d

　　2a2=a1+a3⇒3a2=S3⇒3(S2-S1)=S3,3[(a1+d)2-a1]2=(a1+2d)2，

　　化简得：a1-2a1•d+d2=0，∴a1=d，∴a1=d2

　　Sn=d+(n-1)d=nd，Sn=n2d2，

　　当n≥2时，an=Sn-Sn-1=n2d2-(n-1)2d2=(2n-1)d2，适合n=1的情形.

　　故an=(2n-1)d2.

　　(2)Sm+Sn>cSk⇒m2d2+n2d2>c•k2d2⇒m2+n2>c•k2，∴c

　　又m+n=3k且m≠n,2(m2+n2)>(m+n)2=9k2⇒m2+n2k2>92，

　　故c≤92，即c的最大值为92.

　　20.(本小题满分12分)(2011•山西太原调研)已知椭圆方程为x2a2+y2b2=1(a>b>0)，它的一个顶点为M(0,1)，离心率e=63.

　　(1)求椭圆的方程;

　　(2)设直线l与椭圆交于A，B两点，坐标原点O到直线l的距离为32，求△AOB的面积的最大值.

　　[解析]　(1)依题意得b=1e=ca=a2-b2a=63

　　解得a=3，b=1，

　　∴椭圆的方程为x23+y2=1.

　　(2)①当AB⊥x轴时，|AB|=3，

　　②当AB与x轴不垂直时，设直线AB的方程为y=kx+m，A(x1，y1)，B(x2，y2)，由已知|m|1+k2=32得，

　　m2=34(k2+1)，

　　把y=kx+m代入椭圆方程整理得，

　　(3k2+1)x2+6kmx+3m2-3=0，

　　∴x1+x2=-6km3k2+1，x1x2=3m2-13k2+1.

　　当k≠0时，|AB|2=(1+k2)(x2-x1)2

　　=(1+k2)36k2m23k2+12-12m2-13k2+1

　　=121+k23k2+1-m23k2+12=3k2+19k2+13k2+12

　　=3+12k29k4+6k2+1=3+129k2+1k2+6≤3+122×3+6=4.

　　当且仅当9k2=1k2，即k=±33时等号成立，

　　此时|AB|=2.

　　当k=0时，|AB|=3.

　　综上所述：|AB|max=2，此时△AOB面积取最大值

　　S=12|AB|max×32=32.

　　21.(本小题满分12分)(文)一个多面体的三视图及直观图如图所示，M、N分别是A1B、B1C1的中点.

　　(1)求证：MN∥平面ACC1A1;

　　(2)求证：MN⊥平面A1BC.

　　[证明]　由题意，这个几何体是直三棱柱，且AC⊥BC，AC=BC=CC1.

　　(1)由直三棱柱的性质知，四边形ABB1A1为矩形，对角线交点M为A1B的中点，

　　又∵N为B1C1的中点，

　　∴△AB1C1中，MN∥AC1.

　　又∵AC1⊂平面ACC1A1，MN⊄平面ACC1A1.

　　∴MN∥平面ACC1A1.

　　(2)∵直三棱柱ABC-A1B1C1中，平面ACC1A1⊥平面ABC，交线为AC，又AC⊥BC，

　　∴BC⊥平面ACC1A1，

　　又∵AC1⊂平面ACC1A1，∴BC⊥AC1.

　　在正方形ACC1A1中，AC1⊥A1C.

　　又BC∩A1C=C，∴AC1⊥平面A1BC，

　　∵MN∥AC1，∴MN⊥平面A1BC.

　　[点评]　将几何体的三视图与线面平行垂直的位置关系判断融合在一起是立体几何新的命题方向.解答这类问题首先要通过其三视图确定几何体的形状和主要几何量，然后利用几何体的性质进行推理或计算.请再练习下题：

　　已知四棱锥P-ABCD的三视图如图，E是侧棱PC上的动点.

　　(1)求四棱锥P-ABCD的体积;

　　(2)若点F在线段BD上，且DF=3BF，则当PEEC等于多少时，有EF∥平面PAB?并证明你的结论;

　　(3)试证明P、A、B、C、D五个点在同一球面上.

　　[解析]　(1)由四棱锥的三视图可知，四棱锥P-ABCD的底面是边长为1的正方形，

　　侧棱PC⊥底面ABCD，且PC=2.

　　∴VP-ABCD=13S正方形ABCD•PC=23.

　　(2)当PEEC=13时，有EF∥平面PAB.

　　连结CF延长交AB于G，连结PG，在正方形ABCD中，DF=3BF.

　　由△BFG∽△DFC得，GFFC=BFDF=13.

　　在△PCG中，PEEC=13=GFFC，

　　∴EF∥PG.

　　又PG⊂平面PAB，EF⊄平面PAB，

　　∴EF∥平面PAB.

　　(3)证明：取PA的中点O.

　　在四棱锥P-ABCD中，侧棱PC⊥平面ABCD，底面ABCD为正方形，

　　可知△PCA、△PBA、△PDA均是直角三角形，

　　又O为PA中点，∴OA=OP=OB=OC=OD.

　　∴点P、A、B、C、D在以点O为球心的球面上.

　　(理)(2011•湖南长沙一中期末)如图，在矩形ABCD中，AB=5，BC=3，沿对角线BD把△ABD折起，使A移到A1点，过点A1作A1O⊥平面BCD，垂足O恰好落在CD上.

　　(1)求证：BC⊥A1D;

　　(2)求直线A1B与平面BCD所成角的正弦值.

　　[解析]　(1)因为A1O⊥平面BCD，BC⊂平面BCD，

　　∴BC⊥A1O，

　　因为BC⊥CD，A1O∩CD=O，∴BC⊥平面A1CD.

　　因为A1D⊂平面A1CD，∴BC⊥A1D.

　　(2)连结BO，则∠A1BO是直线A1B与平面BCD所成的角.

　　因为A1D⊥BC，A1D⊥A1B，A1B∩BC=B，

　　∴A1D⊥平面A1BC，∵A1C⊂平面A1BC，∴A1D⊥A1C.

　　在Rt△DA1C中，A1D=3，CD=5，∴A1C=4.

　　根据S△A1CD=12A1D•A1C=12A1O•CD，得到A1O=125，

　　在Rt△A1OB中，sin∠A1BO=A1OA1B=1255=1225.

　　所以直线A1B与平面BCD所成角的正弦值为1225.

　　选做题(22至24题选做一题)

　　22.(本小题满分12分)几何证明选讲

　　(2011•北京学普教育中心联考)如图，A、B是两圆的交点，AC是小圆的直径，D和E分别是CA和CB的延长线与大圆的交点，已知AC=4，BE=10，且BC=AD，求DE的长.

　　[解析]　设CB=AD=x，则由割线定理得：CA•CD=CB•CE，

　　即4(4+x)=x(x+10)

　　化简得x2+6x-16=0，解得x=2或x=-8(舍去)

　　即CD=6，CE=12.

　　因为CA为直径，所以∠CBA=90°，即∠ABE=90°，

　　则由圆的内接四边形对角互补，得∠D=90°，

　　则CD2+DE2=CE2，

　　∴62+DE2=122，∴DE=63.

　　23.(本小题满分12分)极坐标与参数方程

　　(2011•辽宁省实验中学期末)已知直线l经过点P12，1，倾斜角α=π6，圆C的极坐标方程为ρ=2cosθ-π4.

　　(1)写出直线l的参数方程，并把圆C的方程化为直角坐标方程;

　　(2)设l与圆C相交于两点A、B，求点P到A、B两点的距离之积.

　　[解析]　(1)直线l的参数方程为x=12+tcosπ6y=1+tsinπ6

　　即x=12+32ty=1+12t(t为参数)

　　由ρ=2cosθ-π4得ρ=cosθ+sinθ，

　　所以ρ2=ρcosθ+ρsinθ，

　　∵ρ2=x2+y2，ρcosθ=x，ρsinθ=y，

　　∴x-122+y-122=12.

　　(2)把x=12+32ty=1+12t代入x-122+y-122=12

　　得t2+12t-14=0，

　　|PA|•|PB|=|t1t2|=14.

　　故点P到点A、B两点的距离之积为14.

　　24.(本小题满分12分)不等式选讲

　　(2011•大连市联考)已知函数f(x)=|x-2|，g(x)=-|x+3|+m.

　　(1)解关于x的不等式f(x)+a-1>0(a∈R);

　　(2)若函数f(x)的图象恒在函数g(x)图象的上方，求m的取值范围.

　　[解析]　(1)不等式f(x)+a-1>0，

　　即|x-2|+a-1>0，

　　当a=1时，解集为x≠2，即(-∞，2)∪(2，+∞);

　　当a>1时，解集为全体实数R;

　　当a<1时，∵|x-2|>1-a，∴x-2>1-a或x-2

　　故解集为(-∞，a+1)∪(3-a，+∞).

　　(2)f(x)的图象恒在函数g(x)图象的上方，即为|x-2|>-|x+3|+m对任意实数x恒成立，即|x-2|+|x+3|>m恒成立.

　　又对任意实数x恒有|x-2|+|x+3|≥|(x-2)-(x+3)|=5，于是得m<5，

　　即m的取值范围是(-∞，5).

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